統計検定 1級 2013年 統計数理 問2 正規分布からの無作為標本に関する問題

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【2023年5月2週】 【B000】数理統計学 【D000】統計検定 過去問

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本稿には、2013年に実施された統計検定1級『統計数理』 問2の自作解答案を掲載しています。なお、閲覧にあたっては、以下の点にご注意ください。

  • 著作権の関係上、問題文は、掲載することができません。申し訳ありませんが、閲覧者のみなさまでご用意いただければ幸いです。
  • この答案は、あくまでも筆者が自作したものであり、公式なものではありません。正式な答案については、公式問題集をご参照ください。
  • 計算ミスや誤字・脱字などがありましたら、コメントなどでご指摘いただければ大変助かります。
  • スマートフォンやタブレット端末でご覧の際、数式が見切れている場合は、横にスクロールすることができます。

〔1〕正規分布の独立性の証明

正規分布の再生性より、 YnN(nμ,nσ2) ここで、 T=X1Ynn=X11n(X1+X2++Xn)=n1nX11n(X2++Xn) とおくと、 期待値の性質 E(aX+bY)=aE(X)+bE(Y) より、 E(T)=E(X1Ynn)=E(X1)1nE(Yn)=μ1nnμ=0 確率変数が互いに独立な時、分散の性質 V(aX+bY)=a2V(X)+b2V(Y) より、 V(T)=V{n1nX11n(X2++Xn)}=(n1n)2V(X1)+1n2V(i=2nXi)=(n1)2n2σ2+n1n2σ2=(n1)(n1+1)n2σ2=n(n1)n2σ2=n1nσ2 したがって、正規分布の再生性より、 TN(0,n1nσ2)

ここから、正規分布には、「確率変数が無相関であれば、互いに独立である」との性質があることを用いて、題意を示す。

YnT の積の期待値は、 E(TYn)=E[(X1Ynn)Yn]=E(X1YnYn2n)=E[X1(X1+X2++Xn)]1nE(Yn2)=E[X12+i=2nX1Xi]1nE(Yn2)=E(X12)+E(i=2nX1Xi)1nE(Yn2)(1)=E(X12)+i=2nE(X1Xi)1nE(Yn2) 右辺の各項について、
(i)分散の公式の変形 E(X2)=V(X)+{E(X)}2 より、 E(X12)=σ2+μ2 (ii)Xi(i=1,2,,n) は、互いに独立なので、期待値の性質より、 E(X1Xi)=E(X1)E(Xi)=μ2 (iii)分散の公式の変形 E(Yn2)=V(Yn)+{E(Yn)}2 より、 E(Yn2)=nσ2+n2μ2=n(σ2+nμ2) したがって、式 (1) より、 E(TYn)=(σ2+μ2)+(n1)μ2n(σ2+nμ2)n=σ2σ2+(n1)μ2(n1)μ2=0 共分散の公式 Cov(T,Yn)=E(TYn)E(T)E(Yn) より、 Cov(T,Yn)=00nμ=0 ゆえに、無相関であることが示せたので、同時に、YnT は互いに独立であることも示された。

〔2〕総和が与えられたときの1番目の観測値の条件付き分布

確率変数の独立性の性質 f(t|yn)=f(t) から、Yn=yn が与えられたときの T の条件付き分布は、 (X1Ynn)|ynN(0,n1nσ2)(X1|ynynn)N(0,n1nσ2) このことから、X1条件付き期待値は、 E(X1|ynynn)=0E(X1|yn)E(ynn)=0E(X1|yn)=ynn X1条件付き分散は、 V(X1|ynynn)=n1nσ2V(X1|yn)=n1nσ2 したがって、 X1|ynN(ynn,n1nσ2)

〔3〕k個の累積和を与えたときのk-1個の累積和の条件付き分布

〔2〕の結果より、一般の i=1,2,,n について、 Xi|ykN(ykk,k1kσ2) また、Yk1=YkXk なので、 Yk1|yk=(YkXk|yk)=ykXk|yk Yk1 の条件付き期待値は、 E(Yk1|yk)=E(YkXk|yk)=ykE(Xk|yk)=ykykk=k1kyk Yk1 の条件付き分散は、 V(Yk1|yk)=V(YkXk|yk)=V(Xk|yk)=k1kσ2 したがって、正規分布の再生性より、 Yk1|ykN(k1kyk,k1kσ2)

〔4〕条件付きの確率密度関数と総和の周辺確率密度関数

まず、確率変数 Xi の確率密度関数を以下のようにおく。 f(xi) Xk と部分和 Yk1 は独立なので、同時確率密度関数は、 ik1(yk1,xk)=gk1(yk1)f(xk) ここで、以下のように変数変換すると、 {w=xkyk=xk+yk1{xk=wyk1=ykw 変数変換のヤコビアンは、 J=|xkwxkykyk1wyk1yk|=|1001|=|1|=1 したがって、Yk1Yk の同時確率密度関数は、 hk1(yk1,yk)=ik1(yk1,ykyk1)1=gk1(yk1)f(xk) いっぽう、条件付き確率密度関数の定義式 g(x|y)=f(x,y)h(y) より、 fk1(yk1|yk)=hk1(yk1,yk)gk(yk)=gk1(yk1)f(xk)gk(yk) したがって、 {k=2nfk1(yk1|yk)}×gn(yn)=g1(y1)f(x2)g2(y2)g2(y2)f(x3)g3(y3)gn1(yn1)f(xn)gn(yn)gn(yn)=g1(y1)f(x2)f(x3)f(xn) ここで、X1=Y1 だから、 g1(y1)=f(x1) よって、 {k=2nfk1(yk1|yk)}×gn(yn)=f(x1)f(x2)f(x3)f(xn)=i=1nf(xi)

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大学時代に読書の面白さに気づいて以来、読書や勉強を通じて、興味をもったことや新しいことを学ぶことが生きる原動力。そんな人間が、その時々に学んだことを備忘録兼人生の軌跡として記録しているブログです。

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